如何从ByteArrayOutputStream创建java.io.File?

你不需要创建 File 反对。

如果要保存该文件,应将流直接管道到 ZipOutputStream

ByteArrayOutputStream out = new ByteArrayOutputStream();
ZipOutputStream zos = new ZipOutputStream(out);

// do whatever with your zip file

ZipInputStream :

new ZipInputStream(fileClient.retrieveFileStream(String remote));

读一下医生 here here

你应该用 ZipInputStream InputStream 从返回 FTPClient 的 retrieveFileStream(String remote)

我想你想要:

ZipInputStream zis = new ZipInputStream( new ByteArrayInputStream( out.toByteArray() ) );

然后从ZipInputStream读取数据。

正如其他人所指出的,对于您正在尝试做的事情,您根本不需要将下载的ZIP“文件”写入文件系统。

在Java中,a File 对象根本不表示文件。相反,它代表一个文件 名称

这听起来可能有点像劈头,但请考虑以下情况:

File dir = new File("/tmp/foo");
boolean isDirectory = dir.isDirectory();
if (isDirectory) {
    // spend a long time computing some result
    ...
    // create an output file in 'dir' containing the result
}

现在如果 文件 类表示文件系统中的对象,然后您将期望创建输出文件的代码成功(模块权限)。但事实上,创建可能会失败,因为有东西删除了“/tmp/foo”,或者用常规文件替换了它。

一些 的方法 类似乎确实假定 文件

你可以创造一个 FileOutputStream

FileOutputStream fos = new FileOutputStream(filename);
try {
  out.writeTo(fos);
} finally {
  fos.close();
}

然后创建 File 对象:

File file = new File(filename);

文件 对象不表示磁盘上的任何实际数据—实际上,它只是一个文件名。文件甚至不必存在。如果你真的想 ,那就是 文件输出流 是为了。

得到了 要做到这一点,如果您要将文件传递给需要真正的文件(其中包含数据)。

如果你不想这样做,你必须使用一个不同的API 希望文件存在。。。根据Qwerky的回答。