将void方法的返回值赋给变量有什么意义?[已关闭]

基本上,在您的示例和迭代器的链接示例中,没有必要指定返回值。

• 在您的示例中,这是因为没有返回值。换句话说,函数返回 void 这将导致 $var 未来 null 。通常,如果函数包含 return 完全声明或仅声明 return; (请注意,没有返回任何变量),将结果存储在变量中是无用的。
• 在迭代器示例中,它是不必要的,因为没有使用该值。但是 $current 变量仍然包含当前迭代的实际值-不是 无效的 (除非数组包含 无效的 ,显然)。实际呼叫 $this->current() 在迭代器实现中根本没有必要-看起来这样做完全是为了获得 echo "current: $var\n"; 检查有效性时。

还有其他问题 无效的 过去的返回类型,例如。 Void as return type 。

顺便说一句,如果您的问题也是关于在变量中存储函数(而不是其结果),那么您的意思可能是这样的:

function foo() {
    echo 'bar';
}

$var = 'foo';
$var(); // outputs: bar

但是要小心这些类型的函数调用,它们会带来很多陷阱。

没有必要指定 void 变量的方法/函数。

您只需要分配一个函数 return 一个值,而不是一个不返回任何内容或只是将输出回显到缓冲区的函数。

假设您有一个从数据库返回一些数据的函数,因此,您不必在每次调用函数时重新查询数据库,而是将返回的数据返回(可以说是缓存)到一个变量中,以便在以后对其执行某些操作,只要此数据没有更改。

function foo() {
    return [1, 8, 5, 2, 1, 0, 51];
}

$variable = foo();

// sort $variable instead of foo();
// unique $variable instead of foo();
// sum $variable instead of foo();
// ... and so on