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在方法定义中显式指定名称空间

namespaces c++

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egst · 技术社区 · 7 年前

Foo 我宣布了一个班级 Bar 在它里面有一个继承类的构造函数 Base 它的构造函数以及其他类 Baz boo() :

namespace Foo {
    class Baz {
    public:
        void boo();
    };
    class Base {
    public:
        Base();
    };
    class Bar: public Base {
    public:
        Bar();
    };
}

现在我要定义 酒吧

Foo::Bar::Bar(): Foo::Base::Base() {
    Foo::Baz::boo();
}

Foo::Bar::Bar(): Base() {
    Baz::boo();
}

意思是一旦我在 Foo::Bar::Bar() 显式地,不需要稍后在这个方法的定义中指定它。

从显式提到名称空间到定义的结尾,它在任何地方都是这样工作的吗?

1 回复 | 直到 7 年前

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Some programmer dude 7 年前

如果我们看看你的 Bar 构造函数定义:

Foo::Bar::Bar(): Base() {
    Baz::boo();
}

一旦声明成为构造函数的一部分( Foo:::Bar::Bar )已经被编译器读取,它知道范围,不再需要它了。

namespace Foo
{
    struct Baz {};

    struct Bar
    {
        Baz fun(Baz);
    };
}

Foo::Baz Foo::Bar::fun(Baz)
{
    // Irrelevant...
}

现在,对于结构本身的定义, Baz

函数的定义 fun 是不同的。因为它没有在名称空间中定义,所以我们需要完全限定 巴兹 返回类型的结构。实际函数名也是如此。但是就像以前一样,一旦编译器读取并解析了该部分,它就知道了作用域和参数 巴兹 Foo::Baz .

您可以阅读有关名称查找的更多信息 in this reference .