MySQL检查表是否存在而不引发异常

我不知道它的PDO语法,但这看起来非常直接:

$result = mysql_query("SHOW TABLES LIKE 'myTable'");
$tableExists = mysql_num_rows($result) > 0;

如果您使用的是MySQL5.0及更高版本,您可以尝试:

SELECT COUNT(*)
FROM information_schema.tables 
WHERE table_schema = '[database name]' 
AND table_name = '[table name]';

任何结果都表明该表存在。

来自: http://www.electrictoolbox.com/check-if-mysql-table-exists/

我使用mysqli创建了以下函数。假设您有一个名为$con的mysqli实例。

function table_exist($table){
    global $con;
    $table = $con->real_escape_string($table);
    $sql = "show tables like '".$table."'";
    $res = $con->query($sql);
    return ($res->num_rows > 0);
}

希望它有帮助。

警告: 正如@jcaron建议的那样,此函数可能容易受到sqlinjection-attacs的攻击,因此请确保 $table var是干净的,甚至更好地使用参数化查询。

下面是我在使用存储过程时喜欢的解决方案。用于检查当前数据库中是否存在该表的自定义mysql函数。

delimiter $$

CREATE FUNCTION TABLE_EXISTS(_table_name VARCHAR(45))
RETURNS BOOLEAN
DETERMINISTIC READS SQL DATA
BEGIN
    DECLARE _exists  TINYINT(1) DEFAULT 0;

    SELECT COUNT(*) INTO _exists
    FROM information_schema.tables 
    WHERE table_schema =  DATABASE()
    AND table_name =  _table_name;

    RETURN _exists;

END$$

SELECT TABLE_EXISTS('you_table_name') as _exists

如果有人来找这个问题的话,这个帖子就会简单地贴出来。即使有人回答了一点。一些回复使它比需要的更复杂。

对于mysql*我使用:

if (mysqli_num_rows(
    mysqli_query(
                    $con,"SHOW TABLES LIKE '" . $table . "'")
                ) > 0
        or die ("No table set")
    ){

在PDO中,我使用:

if ($con->query(
                   "SHOW TABLES LIKE '" . $table . "'"
               )->rowCount() > 0
        or die("No table set")
   ){

有了这个,我就把其他条件推到或中。为了我的需要,我只需要死。尽管你可以设置或其他东西。有些人可能更喜欢if/else if/else。然后移除或提供if/else if/else。

由于“显示表”在较大的数据库上可能比较慢,因此我建议使用“描述”并检查结果是否为真/假。

$tableExists = mysqli_query("DESCRIBE `myTable`");

$q = "SHOW TABLES";
$res = mysql_query($q, $con);
if ($res)
while ( $row = mysql_fetch_array($res, MYSQL_ASSOC) )
{
    foreach( $row as $key => $value )
    {
        if ( $value = BTABLE )  // BTABLE IS A DEFINED NAME OF TABLE
            echo "exist";
        else
            echo "not exist";
    }
}

ZED框架

public function verifyTablesExists($tablesName)
    {
        $db = $this->getDefaultAdapter();
        $config_db = $db->getConfig();

        $sql = "SELECT COUNT(*) FROM information_schema.tables WHERE table_schema = '{$config_db['dbname']}'  AND table_name = '{$tablesName}'";

        $result = $db->fetchRow($sql);
        return $result;

    }

如果希望这样做的原因是创建有条件的表,那么“如果不存在则创建表”似乎是该作业的理想选择。直到我发现这一点,我才使用上面的“描述”方法。更多信息在这里: MySQL "CREATE TABLE IF NOT EXISTS" -> Error 1050

你为什么这么难理解?

function table_exist($table){ 
    $pTableExist = mysql_query("show tables like '".$table."'");
    if ($rTableExist = mysql_fetch_array($pTableExist)) {
        return "Yes";
    }else{
        return "No";
    }
}