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代码点火器:包括?

include codeigniter php

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Hailwood · 技术社区 · 15 年前

我是新的代码点火器和仍在学习的最佳实践。

在我的网站上我有两个菜单,

一个用于登录的用户。

一个用于注销的用户。

我把这些放在视图文件夹的两个文件中。

我的问题是:

我该怎么做呢?

我的最佳猜测是

在控制器调用中

if($loggedin)
  $menu = $this->load->view('loggedin', true);
else
  $menu = $this->load->view('loggedout', true);
$this->load->view('main', array('menu' => $menu));

所以基本上,将正确的菜单代码传递到视图中,并将其回送出来。

有更好的方法吗?

3 回复 | 直到 14 年前

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Ross 15 年前

您可以打破严格的MVC,在您的视图中显示如下内容:

<?php
// in your controller or when the user logs in:
$this->session->set_userdata('logged_in', 'true');
?>

你的观点:

<?php
  // Logged in?
  if ( ! $this->session->userdata('logged_in') {
      $this->load->view('loggedout');
  } else {
      $this->load->view('loggedin');
  }
?>

记住,MVC是一个概念,它不是一成不变的。

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Matt Asbury 15 年前

您可以在函数中加载任意多个视图。例如:

if($loggedin){
  $this->load->view('loggedin');
} else {
  $this->load->view('loggedout');
}

$this->load->view('main');

使其更清洁,但可能忽略效率节省。

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Edmhs 15 年前

我建议你使用插件。

把这个放到插件里

if($loggedin)
  $menu = $this->load->view('loggedin', true);
else
  $menu = $this->load->view('loggedout', true);